Prethodna tema :: Sljedeća tema |
Autor/ica |
Poruka |
Kento Forumaš(ica)
Pridružen/a: 19. 09. 2012. (13:29:11) Postovi: (2A)16
|
|
[Vrh] |
|
Kento Forumaš(ica)
Pridružen/a: 19. 09. 2012. (13:29:11) Postovi: (2A)16
|
|
[Vrh] |
|
Gost
|
|
[Vrh] |
|
Gost
|
|
[Vrh] |
|
Kento Forumaš(ica)
Pridružen/a: 19. 09. 2012. (13:29:11) Postovi: (2A)16
|
Postano: 21:45 uto, 16. 6. 2015 Naslov: |
|
|
[quote="Anonymous"][quote="Kento"]Ispravak u 3. zadatku: budući da je područje integracije krug radijusa [latex]\frac{3}{2}\pi[/latex], podintegralna funkcija ima još dva singulariteta, [latex]-\pi[/latex] i [latex]\pi[/latex], unutar [latex]\Gamma[/latex] (to su polovi 1. reda). Dakle, rješenju koje sam napisao treba dodati još i reziduume podintegralne funkcije u tim singularitetima (pomnožene s )[latex]2\pi i[/latex].[/quote]
jel moze sad pomoc kako jos te singularitete rijesiti u pi i -pi. Jesu to polovi 1.reda? Da li zapisem sinz kao -sin(z-pi) pa mi onda sinz(z-pi)/z-pi ide u 1?[/quote]
Da, tako je. To su polovi 1. reda, i korištenjem formule redukcije [latex]\sin z=-\sin(z-\pi)[/latex] koja je navedena se dobiju traženi reziduumi.
Anonymous (napisa): | Kento (napisa): | Ispravak u 3. zadatku: budući da je područje integracije krug radijusa , podintegralna funkcija ima još dva singulariteta, i , unutar (to su polovi 1. reda). Dakle, rješenju koje sam napisao treba dodati još i reziduume podintegralne funkcije u tim singularitetima (pomnožene s ). |
jel moze sad pomoc kako jos te singularitete rijesiti u pi i -pi. Jesu to polovi 1.reda? Da li zapisem sinz kao -sin(z-pi) pa mi onda sinz(z-pi)/z-pi ide u 1? |
Da, tako je. To su polovi 1. reda, i korištenjem formule redukcije koja je navedena se dobiju traženi reziduumi.
|
|
[Vrh] |
|
simon11 Forumaš(ica)
Pridružen/a: 01. 10. 2011. (21:02:52) Postovi: (7C)16
Spol:
Lokacija: FunkyTown
|
|
[Vrh] |
|
|